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如图所示质量为m1kg的小球套在
如图所示
,
质量m
=
1kg的小球套在
细斜杆上,斜杆与水平方向夹角α=30°...
答:
解答:解:(1)
小球
受力
如图所示
.(2)建立图示坐标,沿y方向,有(F-mg)cos30°-FN=0解得 FN=53N根据牛顿第三定律,球对杆的压力大小为53N,方向垂直于杆向上.(3)沿x方向由牛顿第二定律得 (F-mg)sin30°-f=ma而f=μFN解得 a=2.5 m/s2答:(1)受力如图所示;(2)压...
如图所示
,
质量m
=
1kg的小球
(可看成质点)
套在
足够长的细斜杆上,斜杆与...
答:
物体受力
如图所示
,加速度的方向向下,则有μmgcosα+mgsinα=ma′a′=gsinα+μgcosα=7.5m/s2由 v2=2as 得s=v22a′=7.522×7.5m=3.75m所以最大位移S=s1+s2=15m上升的高度为h=Ssin30°=7.5m.答:(1)
小球在
前3s的加速度为2.5m/s2;(2)小球相对P点上升的最大高度为...
如图所示
,
质量m
=
1kg的小球套在
细斜杆上,斜杆与水平方向成a=30°角...
答:
(2)由上式可得加速度a=2.5m/s^2 (3)
(2009?上海模拟)
如图所示
,一
质量为1kg的小球套在
一根固定的直杆上,直...
答:
(1)在力F作用时,撤去前
小球
的受力情况:重力、拉力,杆的支持力和滑动摩擦力,
如图
,由根据牛顿第二定律,得 (F-mg)sin30°-μ(F-mg)cos30°=ma1 解得a1=2.5 m/s2 (2)刚撤去F时,小球的速度v1=a1t1=3m/s 小球的位移s1=v1t12=1.8m 撤去力F后,小球上滑时...
如图所示
,
质量为m
=
1kg的小球
穿在斜杆上,斜杆与水平方向的夹角为为30...
答:
(1)分析:因为
小球
所受重力沿斜面向下的分力和小球所受摩擦力相等 所以有mgsin30°=μmgcos30° ∴μ=√3/3 (2)a=40√3/3m/s²
如图所示
,
质量m
=
1kg的小球
穿在斜杆上,斜杆与水平方向成θ=30°的角...
答:
F合=(F-mg)sin30°-μ(F-mg)cos30°=2.5N根据牛顿第二定律得,a=F合
m
=2.51m/s2=2.5m/s2,方向沿杆子向上.答:
小球
沿杆滑动的加速度为2.5m/s2.方向沿杆子向上.(2)在垂直于杆子方向上合力等于零,有:N=(F?mg)cos30°=53N.答:杆给球的弹力的大小为53N.
如图所示
,
质量为m
=
1kg的小球
穿在固定的直杆上,杆与水平方向压成30度...
答:
重力在与杆平行方向的分力Gx=mg*sin30=1*10*0.5=5N 重力在与杆垂直方向的分力Gy=mgcos30=1*10*(根号3)/2=5*(根号3)Fy与Gy反向 f=u(Fy-Gy)=[(根号3)/6 ]*[10*(根号3)-5*(根号3)]=2.5N Fx与Gx反向 Fx-Gx-f=ma a=(Fx-Gx)/m=(10-5-2.5)/1=2.5m/s^2 - ...
如图所示
,
质量为m
=
1kg的小球
穿在固定的直杆上,杆与水平方向压成30度...
答:
1.重力分解 Fsin30-umgcos30-mgsin30=ma 所以a=2.5
m
/s2 A是出发点 那么F消失后还要向上运动一段,此时分析沿斜面方向 umgcos30+mgsin30=ma‘ 所以 a’=7.5m/s2 s1=0.5*a*【(1.2)的平方】 =1.8米 s2=(v平方)/(2*a‘)=(3平方)/(2*7.5)=0.6米 ...
...为一风洞实验装置示意图,一
质量为1kg的小球套在
一根固定的直杆上...
答:
3 ,则s= 1 2 a 3 t 3 2 解得:t= 3 6 s 所以t=t 2 +t 3 =0.54s答:(1)
小球
运动的加速度大小为2
m
/s 2 方向沿杆向上;(2)若从改变风力F开始计时,小球经0.54s将回到B点.
(15分)
如图所示
,一
质量为1 kg的小球套在
一根固定的直杆上,直杆与水平...
答:
(1分) 因此
小球
上滑时间t 2 ="-" v 1/ a =0.4s 上滑位移s 2 = v 1 t 2/ 2 =0.6m (1分)则小球上滑的最大距离为s
m
=2.4m (1分)(3)在上滑阶段通过B点:s AB - s 1 = v 1 t 3 -a 2 t 3 2 ...
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